Dawn_whisper's blog

内网渗透笔记大一脑子进水报了卓越班，放暑假了还在这坐大牢，做一天和尚撞一天钟，记个笔记让我这个月有点收获吧（ 信息收集nmap1234567-P 指定扫描端口-O 操作系统检测-A 操作系统版本检测-PE/PP/PM 使用ICMP echo/ICMP timestamp/ICMP netmask请求包发现主机-PS/PA/PU/PY 使用TCP SYN/TCP ACK/SCTP INIT/ECHO方式进行发现-sV 服务版本扫描-sn xxx.xxx.xxx.xxx/24 C段扫描 .git泄露 如果存在/.git页面则存在git泄露 GitHack 1python GitHack.py http://192.168.xxx.xxx/.git .svn泄露 如果存在/.svn页面则存在svn泄露 1python SvnExploit.py -u http://192.168.xxx.xxx/.svn --dump burpsuiteintruder爆破 域名收集subDomainsBrute 子域名枚举 1python3 subDomainsBrute. ...

2021领航杯初赛比赛时间六小时，平台存活时间5分钟，哥们手里全是flag，全程刷新平台尝试提交，而且整个一江苏省赛，连个比赛群都没有，只有个指导老师通知群 懂了，这是对自身题目质量的自信和对学校指导老师的信任，贵比赛必定题目质量极高 CryptoECC爆破，可以中间相遇减少点时间（抄别的比赛的题，结果自己改题的时候还有语法错误 123456789101112131415161718192021222324from Crypto.Util.number import *p = 64464091191308356774703439660771627086045800299627641179047457478059588557461a = 31926335967105564755113987930261069322507794703287741857397622356704769886356b = 34835808070187351680507689900273321615070127680320357724483770400791707112940Gx = 205320255242263 ...

祭第一次国赛/第一次AWD华东北太卷啦太卷啦 线上初赛360搁这给我高考呢是不，一卷二卷三卷发来发去收来收去的，非要让人肝到凌晨三点 Cryptoclassic谜语人给爷死 ADFGX密码 表phqgmeaynofdxkrcvszwbutil key classic 密文反过来 rsaLevel1e=3，Level2exgcd，Level3coppersmith 12345678910111213141516171819202122232425262728293031323334353637383940414243444546474849505152from Crypto.Util.number import *from hashlib import md5from gmpy2 import *c1 = 1910576528551066755331389881349822021242117752764718780254991391426396894549314463339067060511625106455036470478935883007213334910880879 ...

Writeup for MRCTF2021's crypto比赛前打了疫苗，困得要命，然后神志不清的写了一堆shi，虽然比赛的时候心态炸了，但高质量的题目该复现还得复现 friendly_sign-in签到题，定义了一个函数，要求提供使得 $f(x_{list})=0$ 的x-list，回答一次给一位 $flag$ ，但之后的不能和之前的重复 直接系数两两交换，其中一个取相反数，然后为了前后不重复再乘一个系数即可 123456789101112131415161718192021222324252627282930313233343536373839404142434445464748from Crypto.Util.number import *from hashlib import sha512from gmpy2 import *from pwn import *table = '0123456789abcdefghijklmnopqrstuvwxyzABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZ'# context(log_level ...

Writeup for 红明谷's crypto不知道是为啥，只有一个难题，虽然巨难无比，但收获不小 RSAattack$e=3$ $c$ 远小于 $n$ ，直接开方就完了 ezCRT和VNCTF的factor是一个题，换一下数据直接出 babyFogery题目解析加密模式为AES.OCB，服务器提供加密和解密功能，getflag的要求如下： associate_data为from Alice 明文为please_give_me_the_flag 分析阅读整体代码，掌握AES.OCB模式的特点与加解密过程如下： （本文只说明对该题有意义的函数与特点，如果想仔细了解请阅读github上的源代码） 后文中 $E(),D()$ 表示AES.OCB内部的 $aes.encrypt(),aes.decrypt()$ 认证AES.OCB在解密时会对 $tag$ 与 $cipher$ 进行认证，如果发现与加密时的不同，则不会返回解密后的 明文，所以这一点要求我们在伪造 $cipher$ 和同时要对 $tag$ 进行伪造，使得其通过认证检测，我们才能得到明文，才能保证连接不被 ...

Writeup for MAR DASCTF’s cryptocrypto_threshold签到题，给了LCG的所有参数，而且求的还是后一位，求得 $e$ RSA部分给的_lambda和我上次出的VNCTF的hint是一个样子，求得明文 FeedBack给了个函数 12def cycle(c:list,a:list)->int: return reduce(lambda x,y: x+y,map(lambda x: x[0]*x[1],zip(c,a))) 功能就是把 $c$ 和 $a$ 两两相乘再相加 显然如果有 $key$ ，逆推回去就很容易，那么就想办法找 $key$ 的关系，因为有$$c = \sum_{i=1}^{lenth}m_i\cdot key_i$$结合数据即$${\begin{bmatrix}x_1&x_2&x_3&\cdots&x_n \\x_2&x_3&x_4&\cdots&x_{n+1} \\\vdots&\vdots&\vdots&\d ...

Lattice learning 2 这篇博客refer的东西太多了，所以要看别的师傅的版本的话可以转路友链里的密码师傅们 Preface格子真是好玩的东西，但是看得再多的博客也不如自己亲自调几个格子来的清楚，比如各种优化或者约束 Chapher 5 Encryption mode in LatticeCoppersmithCoppersmith是啥？ 铜匠！炼铜！ 在我看来就是一种在有限域内解方程的方法，比方说 $f(x)=x^4+114x+514$ 且对于有特殊关系的 $x_0$ 满足关系 $f(x_0)\equiv0\pmod{N}$ ，去求解这样的 $x_0$ 时我们可以使用Coppersmith’s methed。对于度为 $d$ 的多项式 $f(x)$ ，如果这个 $x_0$ 满足 $|x0|< N^{\frac{1}{d}-\varepsilon}$ ，那么就能在多项式的时间内被找出。 假设 $N$ 是一个未知因子组成的数，且存在一个因子 $b\geq N^\beta(0<\beta\leq 1)$ ，$f(x)$ 是一个一元一次 $d$ 阶的 ...

Lattice learning 1Preface花了一下午的时间学完了线代数学家们上辈子一定是天使吧，才能发明出这么美妙的东西线性代数 相见恨晚 Chapter 1 The world of the Lattice向量真是个神奇的东西，因为世界上的一切都可以用向量来表示。那么如果我们要去表示一个线性空间 $V$ ，我们就需要至少两个非线性相关的向量作为基底，比方说 $\vec{i}$ 和 $\vec{j}$，因此任意的一个向量都可以用基底的线性组合来表示出来，比如 $\vec{x}=a\cdot\vec{i}+b\cdot\vec{j}$ 。而能被 $\vec{i}$ 和 $\vec{j}$ 表示出来的所有向量的集合就称为这个线性空间 $V$ 。但是这里的’$a$’和’$b$’可以是任意的数字，那么如果我们假定这里的’$a$’和’$b$’都是整数（$a,b\in\mathbb{Z}$），这时我们就会得到一个整数格（Integer Lattice）。 我们首先使得所有的向量起点都位于原点，此时，所有的向量都与它们各自的终点一一对应，也就是说，我们可以使用向量的终点来代替该向量 ...

打赏鸣谢会有的吧会有的吧会有的吧会有的吧会有的吧（哭 ID Time Money 幸福一生 2021-03-06 00:07:55 ￥1

Writeup for V&NCTF's cryptowhitegive密码方向签到题，先分解n，详细推导过程如下： $$e\cdot d \equiv 1\pmod{lcm(p,p-1,q-1)}=k\cdot \frac{p\times(p-1)\times(q-1)}{gcd}+1$$ $$m^{e\cdot d}=m\pmod{((p-1)\times p)}\ 且\ m^{e\cdot d}=m\pmod{(q-1)}$$ $$m^{ed}\equiv m\pmod{((p-1)\times(q-1)\times p)}$$ $$e\cdot d=k\times p\times(p-1)\times(q-1)+1$$ $$(e\cdot d)^e=\sum^{e}_{i=0}C^i_e\cdot (k\times p\times (p-1)\times(q-1))^i\times 1^{e-i}=K\times p +1$$ 所以n很容易被分解，从而算得前一步的e，此时发现d较小（满足如下关 ...